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CISCN - rtthread是一个非常新颖的好题
题目中给的是一个 sh 文件和一个类似固件的bin rtthread.bin
运行起来，啥也没有
尝试 ？、help 等，看看会给我们提供什么信息
里面有一些提供的命令，比如 ifconfig，date 等信息
CTF 题目当然就会想要追求 flag，看到最前面的两个命令
可以看到是作者自定义的一个广告位置，真有意思~~~
然后尝试 get_flag 这个命令，得到一个迷宫
如果瞎输入的话，就是会报错的
不是上下左右键的话，就是 WASD 呗（多年来打小霸王游戏机的经验）
合理的猜想就是从 S（Start）点上下左右走到F（Finish）点
很多条可达的路径，通过 Oops 的方式 ban 掉了很多条，当然就只留下来了唯一确定的可行字符串
输入的字符串为：
dddwwawwwwaasdsasawawdwaaasawassssdwdsddssasddw
首先是判断长度，再是判断逻辑
ok，到了这里就需要开始逆向了！
可以发现，字符串是没有交叉引用的
不过既然函数不是很多，可以手动 F5 去看特征
这个是典型的常数值：0x61C88647、0xC6EF3720：典型的 TEA 算法特征
5F4 这个函数是递归，根据输入来处理地图中的迷宫的
可以看到这里的 sub_798 是 sub_5F4 的上层函数
根据 sub_798 的逻辑
第 16 行的 sub_5F4 的 if 语句需要成立
需要执行 sub_988C 函数，然后就双击不进去了，就很艰难
所以，我们换一种思路，从QEMU源码的角度来分析，QEMU是把该二进制文件rebase到了哪里呢？
[Asm] 纯文本查看 复制代码
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当没有 entry 的时候，IDA 里的字符串没有交叉引用的
设置 entry
顺着这个流程图，明显就能找到题中的 main 了
length = 0x28 = 40
长度不够，后续添加字符 'a'，加上之前的 TEA 算法，就很容易搞明白程序的流程和逻辑了
该函数为输入flag后的程序函数，其首先会对输入的flag进行分组，每组两个int一共5组。
对key进行分组，每组4个int，一共3组。并对flag做5次tea加密。
[C++] 纯文本查看 复制代码
结果为：
flag{932b424a9-9fe2-42d51-9403e-601db1baa5678}
题目中给的是一个 sh 文件和一个类似固件的bin rtthread.bin
图片.png
运行起来，啥也没有
尝试 ？、help 等，看看会给我们提供什么信息
图片.png
里面有一些提供的命令，比如 ifconfig，date 等信息
图片.png
CTF 题目当然就会想要追求 flag，看到最前面的两个命令
图片.png
可以看到是作者自定义的一个广告位置，真有意思~~~
然后尝试 get_flag 这个命令，得到一个迷宫
图片.png
如果瞎输入的话，就是会报错的
图片.png
不是上下左右键的话，就是 WASD 呗（多年来打小霸王游戏机的经验）
合理的猜想就是从 S（Start）点上下左右走到F（Finish）点
很多条可达的路径，通过 Oops 的方式 ban 掉了很多条，当然就只留下来了唯一确定的可行字符串
图片.png
输入的字符串为：
dddwwawwwwaasdsasawawdwaaasawassssdwdsddssasddw
图片.png
首先是判断长度，再是判断逻辑
ok，到了这里就需要开始逆向了！
图片.png
图片.png
图片.png
图片.png
可以发现，字符串是没有交叉引用的
不过既然函数不是很多，可以手动 F5 去看特征
图片.png
这个是典型的常数值：0x61C88647、0xC6EF3720：典型的 TEA 算法特征
图片.png
5F4 这个函数是递归，根据输入来处理地图中的迷宫的
图片.png
可以看到这里的 sub_798 是 sub_5F4 的上层函数
根据 sub_798 的逻辑
图片.png
第 16 行的 sub_5F4 的 if 语句需要成立
需要执行 sub_988C 函数，然后就双击不进去了，就很艰难
所以，我们换一种思路，从QEMU源码的角度来分析，QEMU是把该二进制文件rebase到了哪里呢？
[Asm] 纯文本查看 复制代码
https://github.com/qemu/qemu[url=https://github.com/qemu/qemu/tree/master/hw/arm]https://github.com/qemu/qemu/tree/master/hw/arm[/url][url=https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/boot.c]https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/boot.c[/url][url=https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/vexpress.c]https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/vexpress.c[/url]
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qemu 中对于 arm 架构的 boot 启动方式[url=https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/boot.c]https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/boot.c[/url]Line 1079: /* 32-bit ARM */entry = info->loader_start + KERNEL_LOAD_ADDR;Line 35: #define KERNEL_LOAD_ADDR 0x00010000[url=https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/vexpress.c]https://github.com/qemu/qemu/blob/master/hw/arm/vexpress.c[/url]Line 339:static VEDBoardInfo a9_daughterboard = { …… .loader_start = 0x60000000, ……};entry = 0x60010000
当没有 entry 的时候，IDA 里的字符串没有交叉引用的
图片.png
设置 entry
图片.png
图片.png
图片.png
图片.png
图片.png
顺着这个流程图，明显就能找到题中的 main 了
图片.png
图片.png
length = 0x28 = 40
长度不够，后续添加字符 'a'，加上之前的 TEA 算法，就很容易搞明白程序的流程和逻辑了
该函数为输入flag后的程序函数，其首先会对输入的flag进行分组，每组两个int一共5组。
对key进行分组，每组4个int，一共3组。并对flag做5次tea加密。
[C++] 纯文本查看 复制代码
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;#define UINT unsigned int#define DELTA 0x9e3779b9void tea_decrypt(UINT* v, UINT* key) { UINT l = v[0], r = v[1], sum = 0; sum = DELTA * 32; for (size_t i = 0; i < 32; i++) { r -= (((l << 4) ^ (l 5)) + l) ^ (sum + key[(sum 11) & 3]); sum -= DELTA; l -= (((r << 4) ^ (r 5)) + r) ^ (sum + key[sum & 3]); } v[0] = l; v[1] = r;}UINT str2int(char* str){ UINT ret = 0; for (int i = 0; i < 4; i++) ret += pow(0x100, i) * str[i]; return ret;}void int2str(int num, char* str1){ char ch; for (int i = 0; i < 4; i++) { ch = num & 0xff; num = num 8; str1[i] = ch; } return;}int main(){ char flag[100] = { 0 }, key[] = "dddwwawwwwaasdsasawawdwaaasawassssdwdsddssasddwa"; UINT keys[12], tea_cry[2], tea_key[4], cry[] = {3179062266, 2936962595, 3754839610, 2425968462, 1458506693, 3303317055, 1294083110, 1674144741, 1029754371, 3863932833}; for (int i = 0; i < 12; i++){ char newkey[4] = { 0 }; memcpy(newkey, key + i * 4, 4); keys[i] = str2int(newkey); } for (int i = 0; i < 5; i++){ tea_cry[0] = cry[i * 2], tea_cry[1] = cry[i * 2 + 1]; for (int j = 0; j < 4; j++) tea_key[j] = keys[(i * 4 + j) % 12]; tea_decrypt(tea_cry, tea_key); cry[i * 2] = tea_cry[0], cry[i * 2 + 1] = tea_cry[1]; } for (int i = 0; i < 10; i++) cout << "0x" << hex << cry[i]<< " "; cout << endl; for (int i = 0; i < 10; i++) int2str(cry[i], flag + i * 4); cout << flag << endl; return 0;}
结果为：
flag{932b424a9-9fe2-42d51-9403e-601db1baa5678}
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暂无CISCN CTF rthread.bin 逆向题的评论...
《魔兽世界》大逃杀！60人新游玩模式《强袭风暴》3月21日上线
暴雪近日发布了《魔兽世界》10.2.6 更新内容，新游玩模式《强袭风暴》即将于3月21 日在亚服上线，届时玩家将前往阿拉希高地展开一场 60 人大逃杀对战。
艾泽拉斯的冒险者已经征服了艾泽拉斯的大地及遥远的彼岸。他们在对抗世界上最致命的敌人时展现出过人的手腕，并且成功阻止终结宇宙等级的威胁。当他们在为即将于《魔兽世界》资料片《地心之战》中来袭的萨拉塔斯势力做战斗准备时，他们还需要在熟悉的阿拉希高地面对一个全新的敌人──那就是彼此。在《巨龙崛起》10.2.6 更新的《强袭风暴》中，玩家将会进入一个全新的海盗主题大逃杀式限时活动，其中包含极高的风险和史诗级的奖励。
《强袭风暴》不是普通的战场，作为一个独立于主游戏之外的活动，玩家可以用大逃杀的风格来体验《魔兽世界》，不分职业、不分装备（除了你在赛局中捡到的），光是技巧和战略的强弱之分就能决定出谁才是能坚持到最后的赢家。本次活动将会开放单人和双人模式，玩家在加入海盗主题的预赛大厅区域前，可以从强袭风暴角色画面新增好友。游玩游戏将可以累计名望轨迹，《巨龙崛起》和《魔兽世界：巫妖王之怒 经典版》的玩家都可以获得奖励。